二、等差数列及其前n项和
答案:第23项与第24项
:
1.等差数列的定义
如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的差等于那么这个数列就叫做等差数列,这个常数叫做等差数列的公差,通常用字母d表示,义的表达式为.2.等差数列的通项公式
如果等差数列{an}的首项是a1,公差是d,那么通项公式为an=.[思考探究1]
已知等差数列{an}的第m项为am,公差为d,则其第n项an能否用am与d表示?
提示:可以.an=am+(n-m)d.3.等差中项
如果三个数a,A,b成等差数列,则三数的关系是A=.思考探究2]
三数成等差数列时,一般设为a-d,a,a+d;四数成等差数列呢? 提示:可设为a-3d,a-d,a+d,a+3d.
考点一:等差数列的判定与证明
1.证明一个数列{an}为等差数列的基本方法有两种:(1)利用等差数列的定义证明,即证明an+1-and(n∈N*)(2)利用等差中项证明,即证明an+2+an=2an+1(n∈N*).
2.解选择题、填空题时,可用通项或前n项和直接判断:
(1)通项法:若数列{an}的通项公式为n的一次函数,即an =An+B,则{an}是等差数列;
(2)前n项和法:若数列{an}的前n项和Sn是Sn=An2+Bn的形式(A,B是常数),则{an}为等差数列.[特别警示] 若说明一个数列不是等差数列,则只需找到其中连续三项不是等差数列即可.
[例1]已知数列{an}中,a1=
3
5,an=2-
1an
1(n≥2,n∈N*),数列{bn}满足bn=
1an1
(n∈N*).
(1)求证:数列{bn}是等差数列;
(2)求数列{an}中的最大项和最小项,并说明理由.[思路点拨]
1.已知{an}是等差数列,a10=10,其前10项和S10=70,则其公差d=() A.-
2
3B.
13
C.
13
D.
23
[课堂笔记] (1)证明:∵an=2-
1an1
1an1
1an11
答案:D
2.已知{an}为等差数列,a2+a8=12,则a5等于()
A.4B.5C.6D.7 答案:C
3.设{an}是等差数列,若a2=3,a7=13,则数列 {an}前8 项的和为()A.128B.80C.64D.56 答案:C
4.已知等差数列共10项,其中奇数项之和为15,偶数项之和为30,则其公差为答案:3
5.数列{an}中,a1=15,3an+1=3an-2(n∈N*),则该数列中乘积是负值的相邻两项为.
(n≥2,n∈N*),bn=
1an1
.
∴n≥2时,bn-b
n-1=
-=
=
∴数列{bn}是以-
5
2=1.又b1=
,
为首项,以1为公差的等差数列.
(2)由(1)知,bn=n-
72
,则an=1+
72
1bn
=1+ ,设函数f(x)=1+,
(2)=
-6,因为t是奇数,
.令2m-3=t,
∈N,所以t可取的值为±1.
易知f(x)在区间(-∞,
)和(
72
,+∞)内为减函数,
∴当n=3时,an取得最小值-1;当n=4时,an取得最大值3.考点二:等差数列的基本运算
1.等差数列的通项公式an=a1+(n-1)d及前n项和公式Sn=
n(a1an)
当t=1,m=2时,t+ -6=3, 2×5-7=3是数列{an}中的项;
t=-1 ,m=1 时,t+ -6=-15,
2数列{an}中的最小项是-5不符合.
n(n1)
所以满足条件的正整数m=2.=na1+d,共涉及五个量a1,an,d,n,Sn,知其中三个就能求另外两
22222
[变式]若将“a2a3a4a5,S7=7”改为“S10=30,S20=50”,求通项an和
个,体现了用方程的思想解决问题.
S30的值.2.数列的通项公式和前n项和公式在解题中起到变量代换作用,而a1和d是等差
数列的两个基本量,用它们表示已知和未知是常用方法.[特别警示] 因为
snn
=
d2
n+a1-
d2
,故数列{
snn
}是等差数列.
解:由题意得 ∴an=a1+(n-1)d=-
110
解之得n+
7120
[例2](2009·江苏高考)设{an}是公差不为零的等差数列,Sn为其前n项和,满足
a2a3a4a5
,
,S7=7.
amam1am2
(1)求数列{an}的通项公式及前n项和Sn; (2)试求所有的正整数m,使得[思路点拨]
为数列{an}中的项.
[课堂笔记] (1)设{an}通项公式an=a1+(n-1)d,d≠0,则 由性质得,-3d(a4+a3)=d(a4+a3),
因为d≠0,所以a4+a3=0,即2a1+5d=0.① 又由S7=7得7a1+
d=7.②
S30=30a1+d=60.考点三:等差数列的性质 1.等差数列的单调性:
等差数列公差为d,若d>0,则数列递增.若d
若d=0,则数列为常数列.2.等差数列的简单性质:
已知数列{an}是等差数列,Sn是其前n项和.
.
(1)若m+n=p+q,则am+an=ap+aq.特别:若m+n=2p,则am+an=2ap.(2)am,am+k,am+2k,am+3k,…仍是等差数列,公差为kd.(3)数列Sm,S2m-Sm,S3m-S2m,…也是等差数列.(4)S2n-1=(2n-1)an.
(5)若n为偶数,则S偶-S奇=
n2
联立①②解得a1=-5,d=2.
所以{an}的通项公式为an=2n-7,前n项和Sn=n2-6n.
d.若n为奇数,则S奇-S偶=a中(中间项).
(6)数列{c·an},{c+an},{pan+qbn}也是等差数列(其中c、p、q均为常数,{an},{bn}是等差数列).[例3](2009·宁夏、海南高考改编)等差数列{an}的前n项和为Sn.已知am-1+am
+
1-am=0,S2m-1=38,求m的值.[思路点拨]
[课堂笔记] 由条件得2am=am-1+am+1=a,从而有am=0或2.又由S2m-1=
×(2m-1)=38且2am=a1+a2m-1得(2m-1)am=38,故am≠0,
[自主体验]
已知数列{an}满足2an+1=an+an+2(n∈N*),它的前n项和为Sn,且a3=10,S6=72.若bn=
1
2an-30,求数列{bn}的前n项和的最小值.解:∵2an+1=an+an+2,∴{an}为等差数列, 设{an}的首项为a1,公差为d,{bn}前n项和为Tn.由a3=10,S6=72,得则bn=
12
则有2m-1=19,m=10.
[变式]若将“am-1+am+1-am=0,S2m-1=38”改为“S6=72”,如何求a3+a4.解:∵数列{an}为等差数列, ∴S6=∴a3+a4=
1
3∴
得
∴an=4n-2, ≤n≤
.
an-30=2n-31.由
=3(a1+a6)=3(a3+a4), S6=
13
∵n∈N*,∴n=15.∴{bn}前15项为负值,∴T15最小, 可知b1=-29,d=2,∴T15=
=-225.
×72=2
4高考对等差数列的常规考法为:(1)在解答题中考查等差数列的判断或证明;(2)
在选择题、填空题或解答题中考查等差数列的基本性质以及an,a1,d,n,Sn中的“知三求二”问题.09年安徽高考以选择题的形式考查了等差数列前n项和的最值问题,是高考命题的一个新方向.[考题印证](2009·安徽高考)已知{an}为等差数列,a1+a3+a5=105,a2+a4+a6=99.又Sn表示{an}的前n项和,则使得Sn达到最大值的n是 () A.21B.20C.19D.18 【解析】 ∵{an}为等差数列, ∴a1+a3+a5=105,a3=35, a2+a4+a6=99⇒a4=33, d=a4-a3=33-35=-2, ∴{an}是递减数列.
an=a3+(n-3)d=35+(n-3)×(-2)=-2n+41, an≥0,-2n+41≥0,n≤, ∴当n≤20时,an>0,n≥21时,an
1.(2009·辽宁高考){an}为等差数列,且a7-2a4=-1,a3 =0,则公差d=()A.-2B.-
12
C.
12
D.2
答案:B
2.设Sn是等差数列{an}的前n项和.已知a2=3,a6=11,则S7等于() A.13B.35C.49D.63 答案:C
3.已知等差数列{an}中,|a3|=|a9|,公差d<0,则使前n项和Sn取得最大值的正整数n的值是()
A.4或5B.5或6C.6或7D.8或9 答案:B 4.(2009·山东高考)在等差数列{an}中,a3=7,a5=a2+6,则a6=.答案:13
5.已知Sn为等差数列{an}的前n项和,若a2∶a4=7∶6, 则S7∶S3等于.答案:2∶1
6.(文)(2010·惠州模拟)等差数列{an}前n项和为Sn,已知对任意n∈N*,点(n,Sn)在二次函数f(x)=x2+c的图象上.(1)求c,an;
(2)若kn=
an2
n
,求数列{kn}的前n项和Tn.
∵
是与n无关的常数,则
故存在实数λ=-1.使得数列=0,得λ=-1.
要使
解:(1)点(n,Sn)在二次函数f(x)=x2+c的图象上, ∴Sn=n2+c
a=S=1+c,a=S-S=(4+c)-(1+c)=3,为等差数列.
11221a3=S3-S2=5, 又∵{an}为等差数列,
∴6+c=6,c=0,
d=3-1=2,an=1+2(n-1)=2n-1.(2)kn= ,
Tn=
①
②
①-②得Tn=
(理)已知数列{an}满足an=2an-1+2n-1(n≥2),且a1=5.(1)若存在一个实数λ,使得数
an
2列为等差数列,请求出λ的值;n
(2)在(1)的条件下,求出数列{an}的前n项和Sn.解:(1)假设存在实数λ符合题意, 则
必为与n无关的常数,
(2)由(1)可得=1, ∴d=1,且首项为 =2,
∴
=2+(n-1)=n+1,
∴an=(n+1)2n+1(n∈N*).
令b n =( n +1)2n且前n
项和为Tn,
∴Tn=2×2+3×22+4×23+…+(n+1)2n,2Tn=2×22+3×23+…+n×2n+(n+1)2n+1,①-②得-Tn=4+22+23+…+2n-(n+1)2n+1
=2+(2+…+2n)-(n+1)2n+1
=2n+1-(n+1)2n+1 =-n·2n+1,
∴Tn=n·2n+1,∴Sn=n·2n+1+n.
①
②