求极限的各种方法
1.约去零因子求极限
x41例1:求极限lim x1x1
【说明】x1表明x与1无限接近,但x1,所以x1这一零因子可以约去。 【解】lim(x1)(x1)(x21)
x1x1limx1(x1)(x21)6=4
2.分子分母同除求极限
例2:求极限limx3x2
x3x31 【说明】
型且分子分母都以多项式给出的极限,可通过分子分母同除来求。x3
【解】limx211
x1
x3x31limx3
x33
【注】(1) 一般分子分母同除x的最高次方;
axnan10mn
(2) limnn1xa0
xbmm1mn
mxbm1xb0an
bmn
n
3.分子(母)有理化求极限
例3:求极限xlim(x23x21)
【说明】分子或分母有理化求极限,是通过有理化化去无理式。 【解】lim(x22(x23x21)(x23x21)
x3x1)xlimx23x21 xlim2x23x210
例4:求极限limtanxsinx
x0x3 【解】limtanxsinxtanxsin
x0x3limxx0x3tanxsinx
lim
x0
tanxsinx1tanxsinx1
lim 33x0x024xxtanxsinx
lim
【注】本题除了使用分子有理化方法外,及时分离极限式中的非零因子是解...........题的关键
4.应用两个重要极限求极限
sinx11
1和lim(1)xlim(1)nlim(1x)xe,第两个重要极限是lim
x0xnx0xxn
一个重要极限过于简单且可通过等价无穷小来实现。主要考第二个重要极限。
x1
例5:求极限lim
xx1
【说明】第二个重要极限主要搞清楚凑的步骤:先凑出1,再凑数部分。
x1122122x12【解】limlim1lim1x11e xx1xxx1x1
x
x
x
,最后凑指X
1x2a
例6:(1)lim12;(2)已知lim8,求a。
xx
xxa5.用等价无穷小量代换求极限 【说明】
(1)常见等价无穷小有:
1x)~e1, 当x0 时,x~sinx~tanx~arcsinx~arctanx~ln(12b
x,1ax1~abx; 2
(2) 等价无穷小量代换,只能代换极限式中的因式; ..
1cosx~
x
xx
(3)此方法在各种求极限的方法中应作为首选。 .....
xln(1x)
x01cosxxln(1x)xx
【解】limlim2.
x01cosxx02
x2
sinxx
例8:求极限lim
x0tan3x
例7:求极限lim
1xsinxxsinxxcosx11limlimlim【解】lim 322x0tan3xx0x0x06x3x3x
6.用罗必塔法则求极限
例9:求极限limlncos2xln(1sin2x)
x0x2
【说明】
或0
0型的极限,可通过罗必塔法则来求。 2sin2x【解】limlncos2xln(1sin2x)sin2x
2x0x2limx02x
lim
sin2xx02x2cos2x1
1sin2x
3 【注】许多变动上显的积分表示的极限,常用罗必塔法则求解
x
例10:设函数f(x)连续,且f(0)0,求极限lim
0
(xt)f(t)dt
x0
xx.
f(xt)dt
u【解】 由于
x
x
f(xt)dtx
t
x
f(u)(du)0
f(u)du,于是
x
x
x
lim
(xt)f(t)dt
lim
x0
f(t)dt0
tf(t)dt
x0
xxx
f(xt)dt
x0
x0f(u)du
x
xf(x)xf(x)
=lim
0
f(t)dtx
f(t)dt
x0
x
=lim
)duxf(x)
x0
x
f(u0
f(u)duxf(x)
x
f(t)dt
=lim
f(0)x0
x
=
f(0)f(0)1
.
f(u)du
xf(x)
7.用对数恒等式求limf(x)g(x)极限
2例11:极限limx
x0
[1ln(1x)]
22
x)]
【解】limx
x
ln[1ln(1x)]lim
2ln[1ln(10
x
x0
[1ln(1x)]=limx0
e
=e
xe
xlim
2ln(1x)
0
x
e2.【注】对于1型未定式limf(x)g(x)的极限,也可用公式
limf(x)g(x)(1)=elim(f(x)1)g(x)
因为
limf(x)g(x)elimg(x)ln(f(x))elimg(x)ln(1f(x)1)elim(f(x)1)g(x)
例12:求极限lim1
2cosxxx0x
31.
xln2cosx
2cosx
3
【解1】 原式lim
e
1lnx0
x3
lim3x0x
2 1
limln(2cosx)ln3sinx)
x0x2limx02x112lim
x02cosxsinxx1
6
xlne
2cosx
2cosx
3
【解2】 原式lim
1ln
x0
x3
lim3x0x2
ln(1
cosx1
)
lim
cosx0
x
2limx11x03x26 8.利用Taylor公式求极限
13求极限 limaxax例2
x0x
2,( a0 ).【解】axe
xlna
xlnax212
ln2
a( x2),
a
x
1xlnax2ln2
a( x22
);
axax2x2ln2a( x2).
limaxax2x0x2limx2ln2a( x2)x0x
2ln2
a.例14求极限lim11x0x(x
cotx).
【解】limx0
111sinxxcosx
(cotx)lim x0xxxxsinx
x3x23
x(x)x[1(x2)]lim 3x0x113
)x(x3)
lim3x0x3.
(
9.数列极限转化成函数极限求解
1
例15:极限limnsin
nn
【说明】这是1形式的的数列极限,由于数列极限不能使用罗必塔法则,若直接求有一定难度,若转化成函数极限,可通过7提供的方法结合罗必塔法则求解。
1
【解】考虑辅助极限limxsin
xx
x2
n2
lime
x
1
x2xsin1
x
lime
y0
11
siny12yy
e
6
1
所以,limnsin
nn
n2
e
6
10.n项和数列极限问题
n项和数列极限问题极限问题有两种处理方法 (1)用定积分的定义把极限转化为定积分来计算; (2)利用两边夹法则求极限.
111
例16:极限lim22nn222n2n2n1
【说明】用定积分的定义把极限转化为定积分计算,是把f(x)看成[0,1]定积分。
11
limfnnn2
fn1n
ff(x)dx 0n
1111
【解】原式=lim
222nn12n
11
nnn
10
121
dxln
2221x
111
例17:极限lim2nn22n2nn1
112n
【说明】(1)该题遇上一题类似,但是不能凑成limfffnnnnn
的形式,因而用两边夹法则求解;
(2) 两边夹法则需要放大不等式,常用的方法是都换成最大的或最小的。
111
【解】lim2nn22n2nn1
因为
nnn
n
1n1
1n2nn1
22
1nn
nn1
又lim
n
nn
lim
n
1
=1
所以lim
111
2nn22n2nn1
12.单调有界数列的极限问题
例18:设数列xn满足0x1,xn1sinxn(n1,2,)
(Ⅰ)证明limxn存在,并求该极限;
n
xn1xn(Ⅱ)计算lim.n
xn
【分析】 一般利用单调增加有上界或单调减少有下界数列必有极限的准则来证明数列极限的存在.
【详解】(Ⅰ)因为0x1,则0x2sinx11.可推得 0xn1sinxn1,n1,2,,则数列xn有界.于是
xn1sinxn
sinxx)1,(因当x0时,, 则有xn1xn,可见数列xn单
xnxn
n
调减少,故由单调减少有下界数列必有极限知极限limxn存在.
imxn0.设limxnl,在xn1s得 lsinl,解得l0,即linxn两边令n,
n
n
x
(Ⅱ) 因 limn1
n
xn
2xn
sinxnxn2
,由(Ⅰ)知该极限为1型, limn
xn
11sinx1xx
sinxx2
1
limsinxx0x
xlime
x0
lime
x0
x
e(使用了罗必塔法则)
6
x
故 limn1
n
xn
xn
1sinxnxnlime6.n
xn